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2016届衡水中学理综一模


衡水2016 理综好题精选模拟(一)第Ⅰ卷7. 下列说法错误的是()A.乙醇和乙酸基本上常用调味品的要紧成分 B.乙醇和乙酸的沸点和熔点都比 C2H6、C2H4 的沸点和熔点高 C.乙醇和乙酸都能发作氧化反响 D.乙醇和乙酸之间能发作酯化反响,酯化反响和皂化反响互为逆反响 8. 有人感觉 CH2=CH2 与 Br2 的加成反响,实质是 Br2 先断裂为 Br+和 Br-,接着 Br+首先与 CH2=CH2 端碳原子结合,第 二步才是 Br-与另一端碳原子结合。

依照该观念,假设让 CH2=CH2 与 Br2 在盛有 NaCl 和 NaI 的溶液中反响,则失掉的 无机物不能够是( ) A. BrCH2CH2Br B. ClCH2CH2Cl C. BrCH2CH2I D. BrCH2CH2Cl 9. 如图所示, 隔板 I 固定不动, 活塞Ⅱ可自在移动, M、 N 两个容器中均发作反响: A (g) +2B (g) ⇌xC (g) △H=-192kJ•mol-1, 向 M、N 中都通入 1molA 和 2mol B 的混合气体,初始 M、N 容积相反,坚持温度 不变.下列说法准确的是( ) A.若 x=3,抵达颠簸后 A 的体积分数关系为:φ (M)>φ (N) B.若 x>3,抵达颠簸后 B 的转化率关系为:α (M)>α (N) C.若 x<3,C 的颠簸浓度关系为:c(M)>c(N) D.x 不管为何值,起始时向 N 容器中充入恣意值的 C,颠簸后 N 容器中 A 的浓度均相等一.抉择题:本题共 13 小题,每小题 6 分。

在每小题给出的四个选项中,只好一项是合适标题要求的.1.下列叙说错误的是( ) A.“一个相对封锁的生态环境中闯入某种大型肉食植物后,生态系统各种成分相互作用直到恢复原状”指的是恢复力稳 定性 B.各个营养级的生物量金字塔不一定递减 C.细胞癌变是原癌基因和抑癌基因都发作突变招致的 D.提取色素时,运用了不同色素在层析液中熔化度不同的原理 2.下图曲线显示一只成年雄性狗血液中两种激素的含质改变,下列分析不准确的是( ) A.A 物资能够是由下丘脑分泌的 B.A,B 两种物资的化学实质基本上蛋白质 C.B 的改变对 A 有反应调理作用 D.B 物资主假设由睾丸分泌的3. 挪威迷信家最新的追求显示,天气变暖将提高人类患腺鼠疫的能够性。

这种病是由鼠疫杆菌(宿主为啮齿植物)惹起 的,鼠疫杆菌开释外毒素,会使患者浮现中毒性休克综合征。

迷信家从病愈患者的血清中提取的抗毒素对腺鼠疫患者有 清楚疗效。

下列说法准确的是( ) A.与鼠疫杆菌分说明放外毒素有关的细胞器有核糖体,内质网,高尔基体和线粒体 B.抗毒素时一种抗体是效应 T 细胞发作的淋巴因子 C.外毒素是一种抗原,能惹起人体的免疫反响 D.该免疫进程属于细胞免疫 4.下列结合种群特征的概念图所作的分析,错误的是( )10. 已知: 将 Cl2 通入过量 KOH 溶液, 产物中能够有 KC1、 KClO、 KC1O3, 且 时,下列有关说法错误的是( )c(Cl ) 的值与温度上下有关。

当 n(KOH)= a mol c(ClO)A.应用性诱惑剂诱杀益虫会妨碍③ B.种群密度是种群最差不多的数量特征 C.预测种群数质改变的要紧依照是④ D.春运时期,广州人口数质改变要紧取决于图中的①② 5. 鸟类的性别决策为 ZW 型。

某种鸟类的眼色受两对独立遗传的基因(A、a 和 B、b)操作。

甲、乙是两个纯合种类, 均为白色眼。

依照下列杂交结果,推想杂交 1 的亲本基因型是( ) 杂交 1 ♂甲  ♀乙 杂交 2♀甲  ♂乙A、若某温度下,反响后 c(Cl-):c(ClO-)=11,则溶液中 c(ClO-):c(ClO3-)=1 2B、参加反响的氯气的物资的量等于1 amol 2 1 5 amol≤n≤ amol 2 6C、改变温度,反响中转变电子的物资的量 n 的范围:雌雄均为褐色眼 A.甲为 AAbb,乙为 aaBB C.甲为 AAZbZb,乙为 aaZBW雄性为褐色眼、雌性为白色眼 B.甲为 aaZBZB,乙为 AAZbW D.甲为 AAZbW,乙为 aaZBZB ) D、改变温度,产物中 KC1O3 的最大实际产量为1 amol 72C(g)抵达颠簸,测得颠簸时各物资的物资的量之比11. 某温度下,在固定容积的容器中,可逆反响:A(g)+3B(g) 6. 图 a、b 分手为乡村和都市生态系统的生物量(性命物资总量)金字塔表示图.下列叙说准确的是( A.两个生态系统均可经过信息传递调理种间关系 B.两个生态系统的营养构造均由 3 个营养级组成 C.都市生态系统不具有自我调理才干,抗击力动摇性低 D.流经两个生态系统的总能量均是其植物所固定的太阳能为 2:2:1,坚持温度、体积不变,再以 2:2:1 的体积比将 A、B、C 充入此容器中,则( ) A.颠簸向逆反响方向转动 B.颠簸不移动 C.C 的百分含量增大 D、C 的百分含量减小 12. 在一定条件下, 可逆反响: N2+3H2⇌2NH3, △H<0, 抵达颠簸时, 当单独改变下列条件后, 有关叙说错误的是 ( A.加催化剂 v正 、 v逆 都发作改变且改变的倍数相等)

B.降温 v正 、 v逆 都减小,且 v正 减小倍数大于 v逆 减小倍数 C.加压, v正 . v逆 都增大,且 v正 增大倍数大于 v逆 增大倍数 D.参加氩气, v正 、 v逆 都增大,且 v正 增大倍数大于 v逆 增大倍数 13. 密闭容器中某气态烃和氧气按一定比例混和,点火爆炸后恢复到原温度(20℃),压强减小至原来的一半,若加 NaOH 的溶液则气体全部被吸取,则此烃为 A.C3H8 B.C2H4 C.C2H6 D.C6H619. 一个劲度系数为 k,由绝缘材料制成的轻弹簧,一端固定,另一端与质量为 m、带正电荷电量为 q 的小球相连,静 止在润滑绝缘程度面上.当加上如图所示的场强为 E 的匀强电场后,小球末尾运动,下列说法中准确的是( ) (A)球的速度为零时,弹簧伸长 Eq/k (B)球作简谐运动,振幅为 Eq/k (C)运动进程中,小球的机械能守恒 (D)运动进程中,小球的电势能、动能和弹性势能相互转化,且总量坚持不变。

20. 如图所示,两质量相等的物块 A、B 经过一轻质弹簧衔接,B 足够长、安放在程度面上,全部接触面均润滑.弹簧开 始时处于原长,运动进程中一直处在弹性限制内.在物块 A 上施加一个程度恒力,A、B 从运动末尾运动到第一次速度相 等的进程中,下列说法中准确的有( ) A.当 A、B 减速度相等时,系统的机械能最大 B.当 A、B 减速度相等时,A、B 的速度差最大 C.当 A、B 的速度相等时,A 的速度抵达最大 D.当 A、B 的速度相等时,弹簧的弹性势能最大 21. 如图所示,程度桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连。

.弹簧处于自然长度时物块位于 O 点(图中未标 出)。

物块的质量为 m,AB =a,物块与桌面间的动摩擦因数为 μ。

现用程度向右的力将物块从 O 点拉至 A 点,拉力做 的功为 W。

撤去拉力后物块由运意向左运动,经 O 点抵达 B 点时速度为零。

重力减速度为 g。

则上述进程中二.抉择题:本题共 8 小题,每小题 6 分。

在每小题给出的四个选项中,第 14~18 题只好一项合适标题要求,第 19~21 题有多项合适标题要求。

全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分。

14.下列错误的是( ) A.牛顿发现摆的等时性 B.伽利略首先将物理试验理想和法规 C 卡文迪许测量了万有引力定律 D.洛伦兹发现了磁场对运用电荷的作用公式 15.如图所示,以直角三角形 AOC 为边界的有界匀强磁场区域,磁感应强度为 B, A  60 ,AO=L,在 O 点安放一个粒 子源,再以向各个方向放射某种带负电粒子。

已知粒子的比荷为q BqL ,放射速度都为 v0  。

设粒子放射方向与 OC m m)边夹角为 0,不计粒子之间相互作用及重力。

关于粒子进入粒子进入磁场后的运动,下列说法准确的是( A.当  =45°时粒子将从 AC 边射出 B.全部从 OA 边射出的粒子在磁场中运动时刻相等 C.随  角增大,粒子在磁场中运用的时刻先变大后变小 D.在 AC 边界上只好一半区域有粒子射出1  mga 2 3 B.物块在 B 点时,弹簧的弹性势能小于 W   mga 2A.物块在 A 点时,弹簧的弹性势能等于 W  C.经 O 点时,物块的动能小于 W   mga D.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在 B 点时弹簧的弹性势能第Ⅱ卷16.用一力 F 程度向右拉小球,使小球和车一齐以减速度 a 向右运动,细线与竖直方向成 α 角,细线的拉力为 F 1 。

若用 一力 F ' 程度向左拉小车,使小球和车一齐以减速度 a′向左运动' 时,细线与竖直方向也成 α 角,细线的拉力为 F 1 ,则 (三、非抉择题:包括必答题和选考题两部分。

第 22 题~第 32 题为必考题,每个试题考生都务必做答。

第 33 题~第 40 题为选考题,考生依照要求作答。

(一)必考题(共 129 分)22.如图 1 所示为“探求减速度与力、质量的关系”的试验装置,数字化信息系统取得了小车减速度 a 与钩码的质量及小车和砝码 的质量对应关系图。

钩码的质量为 m1,小车和砝码的质量为 m2,重力减速度为 g。

)A.a′=a, F 1=F' 1B.a′>a, F' 1=F1' C.a′<a, F 1 1=F' D.a′>a, F 1 1 >F17. 如图所示,车厢里悬挂着两个质量不同的小球,下面的球比下面的球质量大,当车厢向右做匀减速运动时(气氛阻 力不计) ,两个小球动摇后所处的位子在下列各图中准确的是 ( )⑴下列说法准确的是_____。

A.每次在小车子上加减砝码时,应从头颠簸摩擦力 18. 如图所示,均匀 T 型物块 A 质量为 m,夹在两个相反的程度垫板中,A 与垫板间的动摩 擦因数为μ ,当垫板 B、C 以相反的程度速率 v1 对称且匀速地向两侧退开时,若要使 A 以速 率 v2 匀速前移,作用在 A 中心位子上与 v2 同向的程度拉力 F 的大小满足( ) A.F<μ mg B.F=μ mg C.F>μ mg D. 不能确定 B.试验时若用打点计时器应先开释小车后接通电源 C.本试验 m2 应远小于 m1 D.在用图象探求减速度与质量关系时,应作 a 1 图象 m2

⑵试验时,某同窗由于疏忽,遗漏了颠簸摩擦力这一步骤,测得 F  m1 g ,作出 a  F 图像,他能够作出图 2 中___ _(选填“甲”、“乙”、“丙”)图线。

此图线的 AB 段清楚偏离直线,形成此误差的要紧缘由是_____。

A.小车与轨道之间存在摩擦 B.导轨坚持了程度状况 C.砝码盘和砝码的总质量太大 D.所用小车的质量太大 ⑶试验时,某同窗遗漏了颠簸摩擦力这一步骤,若轨道程度,他测量失掉的(1)制备试验末尾时,先检验装置气密性,接上去的操作依次是________(填序号)。

A.往烧瓶中参加 MnO2 粉末 B.加热 C.往烧瓶中参加浓盐酸1  a 图像,如图 3。

设图中直线的斜率 m2(2)制备反响会因盐酸浓度下降而中止。

为测定反响剩余液中盐酸的浓度,探求小组同窗提出的下列试验方案: 甲方案:与足量 AgNO3 溶液反响,称量生成的 AgCl 质量。

乙方案:采取酸碱中和滴定法测定。

丙方案:与已知量 CaCO3(过量)反响,称量剩余的 CaCO3 质量。

丁方案:与足量 Zn 反响,测量生成的 H2 体积。

接着停止下列推断和试验: ①判定甲方案不可行,理由是 ______________________________________. ②停止乙方案试验:准确量取剩余清液稀释一定的倍数后作为试样。

为 k,在纵轴上的截距为 b,则小车与木板间的动摩擦因数   _______,钩码的质量______________. 23. 1、在做测量电源电动势 E 和内阻 r 的试验时,提供的器材是:待测电源一个,内阻为 RV 的电压表一个(量程大于 电源的电动势),电阻箱一个,开关一个,导线若干.为了测量得愈加准确,屡次改变电阻箱的电阻 R,读出电压表的 相应示数 U,以1 1 为纵坐标,R 为横坐标,画出 与 R 的关系图象,如图所示.由图象可失掉直线在纵轴上的截距为 U Um,直线的斜率为 k,试依照以上信息①在虚线框内画出试验电路图. ②写出 E、r 的表达式,E=______,r=_______ 24. 如图所示,一长绝缘木板靠在润滑竖直墙面上,质量为 m.木板右下方有一质量为 2m、电荷量为+q 的小滑块,滑 块与木板间的动摩擦因数为μ ,木板与滑块处在场强盛小为 E=4mg/q 的匀强电场中,电场方向程度向左,若电成效经过 一根绝缘细绳拉动滑块,使之匀减速向上移动,当滑块与木板分手时,滑块的速度大小为 v.此过 程中电成效对滑块做的功为 W.(重力减速度为 g). (1)求滑块向上移动的减速度大小; (2)写出从滑块末尾运动到与木板分手的进程中木板添加的机械能随时刻改变的函数关系式 [已知:Ksp(CaCO3)=2.8× 、Ksp(MnCO3)=2.3× ] b.平行滴定后取得试验结果。

③推断丙方案的试验结果_________(填“偏大”、“偏小”或“准确”)。

a.量取试样 20.00mL,用 0.1000 mol·L NaOH 尺度溶液滴定,耗费 22.00mL,该次滴定测的试样中盐酸浓度为 —1 _____________mol·L ;—1④停止丁方案试验:装置如右图所示(夹持用具已略去)。

25. 在平面直角坐标系 xOy 中,第Ⅱ象限存在沿 x 轴正方向的匀强电场,第Ⅰ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁 场,磁感应强度为 B。

一质量为 m、电荷量为 q 的带正电的粒子从 x 轴负半轴上的 M 点以速度 v0 垂直于 x 轴射入电场, 经 y 轴上的 N 点与 y 轴正方向成 θ=60° 角射入磁场,最终来从 x 轴正半轴上的 P 点垂直于 x 轴射出磁场,如图所示。

不 计粒子重力,求: (1).M、N 两点间的电势差 UMN (2).粒子在磁场中运动的轨道半径 R (3).粒子从 M 点运动到 P 点的总时刻 t (i)使 Y 形管中的剩余清液与锌粒反响的准确操作是将___________转变到____________中。

(ii)反响终了,每间隔 1 分钟读取气体体积、气体体积慢慢减小,直至不变。

气体体积逐次减小的缘由 是_________________(排遣仪器和试验操作的妨碍要素)。

27.二氧化氯(ClO2)是国际外公认的高效、广谱、快速、安全无毒的杀菌消毒剂,被称为“第 4 代消毒剂”。

工业上可采取 氯酸钠(NaClO3)或亚氯酸钠(NaClO2)为原料制备 ClO2。

( 1 )亚氯酸钠也是一种功能优秀的漂白剂,但在强酸性溶液中会发作歧化反响,发作 ClO2 气体,离子方程式为 ___________________________.向亚氯酸钠溶液中参加盐酸,反响猛烈。

若将盐酸改为相反 pH 的硫酸,末尾时反响 缓慢,稍后一段时刻发作机体速率迅速加快。

发作机体速率迅速加快的缘由是__________________________. (2)化学法可采取盐酸或双氧水恢复氯酸钠制备 ClO2。

用 H2O2 作恢复剂制备的 ClO2 更合适用于饮用水的消毒,其主 要缘由是____________________________.26.试验室常用 MnO2 与浓盐酸反响制备 Cl2(反响装置如右图所示)。

(3)电解法是目前追求最为抢手的消费 ClO2 的办法之一。

如图所示为直截了当电解氯酸钠、自动催化循环制备高纯 ClO2 的试验。

转 化 率 / 30 25 20 15 10 5 050(80.24.0)(75.24.0) (40.21.5) (20.11.2) (15.6.7) (10.3.0) 10 20 30 40 50 60 70 80 90 t/min①电源负极为_______极(填 A 或 B) ②写出阴极室发作反响依次为_____________________________ ﹣ ③操作电解液 H+不低于 5mol/L,可有效预防因 H+浓度降低而招致的 ClO2 歧化反响。

若两极共搜集到气体 22.4L(体积 已 折 算 为 标 准 状 况 , 忽 略 电 解 液 体 积 的 变 化 和 ClO2 气 体 溶 解 的 部 分 ) , 此 时 阳 极 室 与 阴 极 室 c(H+) 之 差 为 _________________. 28.甲酸甲酯水解反响方程式为: HCOOCH3(l)+H2O(l)  HCOOH(l)+CH3OH(l)△H>0 某小组经过试验追求该反响(反响进程中体积改变疏忽不计) .反响系统中各组分的起始量如下表: 组分 物资的量/molHCOOCH31.00H 2O1.99HCOOH0.01CH3OH0.52甲酸甲酯转化率在温度 T1 下随反响时刻(t)的改变如下图: (1)依照上述条件,计算不同时刻范围内甲酸甲酯的均匀反响速率,结果见下表:29.某果园发作了虫害,该虫害是由益虫 A 惹起的.益虫招来了一种小蜂和一种小鸟,小蜂把卵产入益虫 A 体内,孵出 的小蜂幼虫吃空虫体后羽化飞出,再攻击益虫 A 的其他集体.小鸟特殊喜食益虫 A,也捕食小蜂.在体内有小蜂幼虫的 益虫 A 中,有些集体常疯狂地摇动身子,因此复杂被小鸟发现而被捕食.答复下列成绩: (1)小鸟和小蜂的种间关系是______. (2)小鸟捕食疯狂摇动的益虫 A,对 A 种群的生活______(填“有利”、“不利”或“无妨碍”) ,理由是______. (3)体内有小蜂幼虫的益虫 A 摇动身子为小鸟提供了一定的信息.在生态系统中,信息对种间关系具有______作用, 有利于坚持生态系统的动摇. 30.某育种任务者在一次反复孟德尔的杂交试验时,偶然发现了一个稀有现象:选取的高茎(DD)豌豆植株与矮茎(dd) 豌豆植株杂交,失掉的 E 全为高茎;其中有一棵 F1 植株自交失掉的 F2 浮现了高茎:矮茎=35:1 的性状分手比.请分 析答复以下相关成绩. (1)对题干中“分手现象”的讲解: ①由于环境骤变如降温的妨碍,该 F1 植株能够发作了______变异,幼苗发育成为基因型是______的植株. ②该 F1 植株发作含是显性基因的配子所占比例为______. ③该 F1 自交,发作的 F2 基因型有______种,其比例为______. (2)对上述讲解的验证: 为验证以上的讲解,实际上需求经过______试验来测定 F1 的基因型,即抉择表现型为______的豌豆对其停止异花授 粉.预期子代表现型及其比例为______. - - 31.下 图 是 某 人 工 鱼 塘 生 态 系 统 能 量 流 动 图 解 ( 能 量 单 位 : J· cm 2 · a 1), 请 回 答 下 列 咨询 题 。

反响时刻范围/min均匀反响速率/ ( 1030~510~15 7.420~25 7.830~35 4.440~45 1.650~55 0.875~80 0.0mol  min 1 ) 1.9请计算 15~20min 范围内甲酸甲酯的减大批为______mol,甲酸甲酯的均匀反响速率为______mol•min-1(不要求写出 计算进程) . (2)依照以上数据,写出该反响的反响速率在不同时期的改变法规及其缘由:______. (3)上述反响的颠簸常数表达式为:K=c( HCOOH )  c(CH 3OH ) ,则该反响在温度 T1 下的 K 值为______. c( HCOOCH 3 )  c( H 2O)(4)其他条件不变,仅改变温度为 T2(T2 大于 T1) ,在答题卡框图中画出温度 T2 下甲酸甲酯转化率随反响时刻改变的 预期结果表示图.(1) 该 池 塘 生 物 共 同 组 成 ______,该生态系统的构造是______ - - (2)输入该生态系统的总能量为____________ J· cm 2 · a 1 ,其中 A 的寓意是______,图中二三营养级之间的能量 传递成效为______ 32.生长素的要紧作用是促进细胞纵向伸长,其作用机理如图所示,请答复下列成绩:

34.(1)位于坐标原点处的波源 A 沿 y 轴做简谐运动, A 刚好完成一次全振动时, 在介质中构成简谐横波的波形如图所示.B 是沿波传布方向上介质的一个质点,则以下说法不准确的是( ) A.波源 A 末尾振动时的运动方向沿 y 轴负方向 B.经半个周期时刻质点 B 将向右迁移半个波长 C.尔后的 1 4 周期内答复力对波源 A 时常做负功 D.在一个周期时刻内 A 所受答复力的冲量为零 (2) 如图所示,一块两面平行的玻璃砖平放在纸面上,将它的前、后两个边界 PQ、MN 记载在纸面上.若单色光沿纸面从真 空中以入射角 i=60°,从 MN 表面射入时,光经过玻璃砖的时刻为 t;若坚持入射光的方向不变,现撤去玻璃砖,光经过 PQ、 MN 之间的区域的时刻也为 t,那样,这块玻璃砖对该入射光的折射率为( )A.2B.C.1.5D.35. 【物理-物理 3-5】 (1)生长素作用的第一步是与细胞膜上的受体结合,构成“激素-受体复合物”,这一进程表现了细胞膜的_________功用。

(2)被激活的“激素-受体复合物”能惹起内质网开释 Ca2+,Ca2+促使细胞内的 H+以_______的方式运往细胞外 (3)学家追求发现紫外线能够抑制植物生长,缘由是紫外线添加了植物体内吲哚乙酸氧化酶的活性,从而促进了生长 素氧化为 3-亚甲基氧代吲哚,尔后者没有促进细胞伸长的作用。

如今提供生长状况相反的安康的小麦幼苗若干作为实 验材料,请完成下列试验方案,以验证紫外线抑制植物生长与生长素的氧化有关。

一:小麦幼苗均匀分为甲组和乙组。

二赋予甲组___________光照,赋予乙组_________光照。

三观看两组幼苗的__________并测量_____________的含量。

(1) C 发作放射性衰变为 N ,半衰期约为 5700 年。

已知植物存活其间,其体内 C 与 C 的比例不变;性命 运动完毕后, C 的比例延续增加。

现经过测量得知,某古木样品中 C 的比例正好是现代植物所制样品的二分之 一。

下列说法准确的是_____。

(双选,填准确答案标号) a.该古木的年代距今约为 5700 年 c.14 14 14 14 14 14 12b.12C 、 13C 、 14C 具有相反的中子数14(二)选考题:共 45 分。

请考生从给出的 3 道物理题、3 道化学题、2 道生物题中每科任选一道题作答。

假设多做,则每学科按所做的第一题计分。

33. 【物理-物理 3-3】(1)墨滴入水,扩而散之,慢慢混匀。

关于该现象的分析准确的是_____。

(双选,填准确答案标号) a.混合均匀主假设由于碳粒受重力作用 b.混合均匀的进程中,水分子和碳粒都做无规章运动 c.运用碳粒更小的墨汁,混合均匀的进程停止得更迅速 d.墨汁的分散运动是由于碳粒和水分子发作化学反响惹起的 (2)扣在程度桌面上的热杯盖有时会发作被顶起的现象;如图,截面积为 S 的热杯盖扣在程度桌面上,末尾时内 部封锁气体的温度为 300K,压强为大气压强 P0。

当封锁气体温度上升至 303K 时,杯盖刚好被全体顶起,放出少许 气体后又落回桌面,其外部压强立即减为 P0,温度仍为 303K。

再经过一段时刻,外部气体温度恢复到 300K。

整个 进程中封锁气体均可视为理想气体。

求:C 衰变为 14 N 的进程中放出 β 射线d. 添加样品测量环境的压强将减速 C 的衰变(2)如图,三个质量相反的滑块 A、B、C,间隔相等地静置于同一程度轨道上。

现给滑块 A 向右的初速度 v0,一 段时刻后 A 与 B 发作碰撞,碰后 AB 分手以 v0 、 v0 的速度向右运动,B 再与 C 发作碰撞,碰后 B、C 粘在一齐向 右运动。

滑块 A、B 与轨道间的动摩擦因数为同一恒定值。

两 次碰撞时刻极短。

求 B、C 碰后瞬间分歧速度的大小。

36. [化学---化学与技术] 工业上应用氨氧化取得的高浓度 NOx 气体(含 NO、NO2)制备 NaNO2、NaNO3,工艺流程如下:Na2CO3 H2O NOx 中和液 碱吸取 蒸发I 结晶I 母液I 分手I NaNO2 稀HNO3 蒸发II 气氛 转化液 结晶II 母液II 转化 回收 分手II NaNO31 83 4AoBC溶液已知:Na2CO3+NO+NO2=2NaNO2+CO2 (ⅰ)当温度上升到 303K 且尚未放气时,封锁气体的压强; (1)中和液所含溶质除 NaNO2 及大批 Na2CO3 外,还有__________(填化学式)。

(ⅱ)当温度恢复到 300K 时,竖直向上提起杯盖所需的最小力。

(2)中和液停止蒸发Ⅰ操作时,应操作水的蒸发量,幸免浓渡过大,目的是_______。

蒸发Ⅰ发作的蒸气中含有少 量的 NaNO2 等有毒物资,不能直截了当排放,将其冷凝后用于流程中的_______(填操作称号)最合理。

(3)母液Ⅰ停止转化时参加稀 HNO3 的目的是_______。

母液Ⅱ需回收应用,下列处置办法合理的是________。

a.转入中和液 b.转入结晶Ⅰ操作 c.转入转化液 d.转入结晶Ⅱ操作

(4)若将 NaNO2、NaNO3 两种产品的物资的量之比设为 2:1,则消费 1.38 吨 NaNO2 时,Na2CO3 的实际用量为______ 吨(假定 Na2CO3 刚好完整反响)。

37 已知 T.X.Y.Z 是中学化学罕见的四种元素,其构造或性质信息如下表。

元素 T X Y Z 构造或性质信息 原子的 L 层上 s 电子数等于 p 电子数。

元素的原子半径是第三周期主族元素中最大的。

气氛中含其单质,原子的最外层未成对电子数是该元素所在周期中最多的。

单质常温常压下是气体。

原子的 M 层上有 1 个未成对的 p 电子。

39.花椰菜易受黑腐病菌的危害而患黑腐病,野生黑芥具有黑腐病的抗性基因。

用一定剂量的紫外线处置黑芥原生质体 可使其染色体片段化,并丧失再生才干。

再应用此原生质体作为部分遗传物资的供体与完整的花椰菜原生质体融合,以 取得抗黑腐病杂种植株。

流程如下图。

请依照信息答复有关成绩: (1)写出与 Y2 互为等电子体的分子式 。

(2)在相反状况下,Y 的简明氢化物的沸点高于 Z 的氢化物,其缘由是 。

(3)T.X.Y 三种元素的电负性由大到小的顺序(填元素符号)是 。

(4)元素 Q 的原子序数是 X 与 Z 的原子序数之和。

①该元素基态原子的最外层电子排布式为 。

2- 2- ②元素 Q 与元素 T.Y.Z 分手构成平面型的[Q(TY)4] 和四面体的[QZ4] ,其中 T 与 Y.Q 与 Z 成键时中心原子采取 的杂化方式分手是 。

③元素 Q 构成的单质的晶体构造如下图所示,该晶体构成时的原子堆积方式是 (选填 “甲”.“乙”.“丙”)。

(1)若分析再生植株的染色体变异类型,应剪取再生植株和_____________植株的根尖,经过______、______、 染色和制片等进程制成装片,接着在显微镜下观看比拟染色体的外形和数量。

(2)进程②后, 在显微镜下观看融合的活细胞中有供体的________存在, 这一特征可作为初步抉择杂种细胞的标志。

40. [生物——选修 3:现代生物科技专题](15 分)(2015 新课标 1 高考真题) HIV 属于逆转录病毒,是艾滋病的病原体。

答复下列成绩: (1) 用基因工程办法制备 HIV 的某蛋白 (目的蛋白) 时, 可先提取 HIV 中的 作用下分解 , 以其作为模板, 在 的。

猎取该目的蛋白的基因,构建重组表达载体,随后导入受体细胞。

(2)从受体细胞中分手纯化出目的蛋白,该蛋白作为抗原注入机体后,安慰机体发作的可与此蛋白结合的相应分 .38 [化学---无机化学基础] 菠萝酯 F 是一种具有菠萝香味的赋香剂,其分解路途如下:CH 2 CHCHCH 2泌蛋白是。

该分泌蛋白可用于检测受试者血清中的 HIV,检测的原理是。

(3)已知某种菌招致的肺炎在安康人群中稀有,但是在艾滋病患者中却多发。

惹起这种现象的差不多缘由是 HIV 主O要感染和破坏了患者的部分(CH2)3OH细胞,降低了患者免疫系统的防卫功用。

癌细胞的功用,艾滋病患者由于免疫功用缺陷,易发作恶性肿瘤。

CHO + CHCH 2AH(足量) Mg HBr 2 B C 干醚 催化剂CH2MgBr ①H2C CH 2 ②H+ O(4)人的免疫系统有O2 Cu ,(CH 2 ) 2 CHO KMnO 4HE D 浓H SO , 2 4O(CH 2 )COCH 2 CH  CH 2FCH 2 CH 2 CH 已知: + CH 2 CHCH 2RMgBrBr ①H2C CH (环氧乙烷) 2 RCH 2 CH 2 OH  Mg ②H+ OH(1)A 的构造简式为_________________,A 中所含官能团的称号是_________。

(2)由 A 生成 B 的反响类型是______________,E 的某同分异构体只好一种相反化学环境的氢,该同分异构体的 构造简式为_________________。

(3)写出 D 和 E 反响生成 F 的化学方程式________________________。

(4)结合题给信息,以溴乙烷和环氧乙烷为原料制备 1-丁醇,设计分解路途(其他试剂任选) 。

答案1.D(B 数量不一定,但能量一定是递减的,D 是分手色素时,故选 D) 2.B 解:B 为雄激素 首先降低的应为性激素为固醇 A 物资能够为促性激素开释激素 B:负反应调理 B  安慰 A B.若 x>3,由于反响后气体体积增大,N 容器树立的颠簸相当于恒温恒容下树立的颠簸扩大容器体积,压强减小,平 衡正向移动,B 的转化率增大,因此抵达颠簸后 B 的转化率关系为:α (M)<α (N) ,故 B 错误; C.若 x<3,由于反响后气体体积减小,N 容器树立的颠簸相当于恒温恒容下树立的颠簸增加容器体积,压强增大,平 衡正向移动,C 的颠簸浓度增大,因此 C 的颠簸浓度关系为:c(M)<c(N) ,故 C 错误; D.恒温恒压下,x 不管为何值,起始时向 N 容器中充入恣意值的 C,一边倒后,A 与 B 的物资的量之比基本上 1:2,为 等效颠簸,反响物的浓度相反,即颠簸后 N 容器中 A 的浓度均相等,故 D 准确; 故选 D. 10.D 解析:设 n( Cl )=11 mol,则 n( ClO )=1 mol,生成 11mol Cl ,失掉电子 11mol,生成 1mol ClO ,失掉电子 1mol, 依照电子守恒可求得 ClO3 为(11-1)÷5=2 mol,则 A 项准确;由反响产物 KCl、KClO 和 KClO3 的化学式看出钾元素   总结:看清改变趋向及注射的手术随其改变 3.C 解:鼠疫杆菌为原核生物,无细胞器,抗毒素为抗原,血清为体液免疫(常用) 总结:看标题中的要紧字(杆菌,血清) ,迁移已知学咨询 4.D 解: (1)死亡率 (2)降生率 (3)年龄组成 (4)性别比例 性别比例关系死亡率,降生率 年龄组成只与降生率有关 D 取决于迁入率,迁出率 总结:妨碍植物种群密度的要素要熟知 5.B 解析:P:AABB  aabb P:AAbb  aaBB与氯元素物资的量之比均为 1∶1,即 n(Cl2)=n(Cl)=n(KOH)=amol,B 项准确;改变温度,若反响中只生成KCl 和 KClO,转变电子amol,若反响中只生成 KCl 和 KClO3,则转变电子amol,C 项准确;改变温度,若反响中只AaBb AaBb F:(与一种亲表现型相反) (与两亲本表现型均不同) 由以上可得出甲,乙为单显,子代为双显表现型 褐:双显 红:单显 由杂交 2,子代雌性一种表现型,雄性为另一表现型,故为隐“雌”交显“雄”ZW 6.A. 解析:B:植物 植物中有多个营养级 C.都市人多,动植物种类少 D.都市中有人工输入能量 7. DZBX B生成 KCl 和 KClO3,依照电子守恒,可发作 KClO3(最大实际产量)1/6amol,D 项错误。

11.AC 解析:充入气体相当于给原气体加压,颠簸向右移动,∴选 AC 12.BD 解析:A、催化剂能同等程度增大反响速率,参加催化剂,颠簸不移动,故 A 准确; B、降高温度,正逆反响速率都减小,颠簸向正反响方向移动,则 v(正) 、v(逆)都减小,且 v(正)减小倍数小于 v (逆)减小倍数,故 B 错误; C、增大压强,正逆反响速率都增大,由于反响物气体的计量数之和大于生成物气体的计量数之和,则颠簸向正反响方 向移动,v(正)增大倍数大于 v(逆)增大倍数,故 C 准确; D、氩气为惰性气体,若为恒容下通入氩气,对反响速率和颠簸移动都没有妨碍,故 D 错误. 故选 BD. 13. 解:设此烃的化学式为 Cx H y , 则有 Cx H y  ( x  1y y 扑灭  )O2     xCO2  H 2O +y 4 4 2 y x x 41 x 解析:乙醇和乙酸基本上常用调味品的要紧成分,A 准确。

从分子的构造或性质(状况)可确定乙醇和乙酸的沸点和熔点 都比 C2H6 和 C2H4 的沸点和熔点高,B 准确。

乙醇和乙酸都能发作氧化反响,如熄灭等,C 准确。

酯化反响是指醇羟基与 酸羟基之间的脱水反响,而皂化反响是专指初级脂肪酸甘油酯在碱性条件下的水解反响,二者发作的条件也不同,不是 互为逆反响,D 错误。

8.B     解析: Br2 能够提供 Br , Br ,而 NaCl NaI 只能提供 I Cl ,A,C,D 项均有正负离子,B 中不能够有 Cly  2x 4由此可得:4x=4+y 若 x=1,则 y=0,不存在此物资, 若 x=2,则 y=4,物资为 C2 H 4 ,若 x=3, 则 y=8,物资为 C3 H 8 ,故选:AB. 14.A 解析:是伽利略发现了摆的等时性9. D 解析:A.若 x=3,由于反响左右气体体积不变,N 容器树立的颠簸与恒温恒容下树立的颠簸等效,因此抵达颠簸后 A 的体积分数关系为:φ (M)=φ (N) ,故 A 错误;15.【答案】A.D 解析:B:偏转角不同,时刻不同;C:依照弦长推断弧长∵ v0 相反∴t 随弧长变大而变大 ;D:设 OC 射入时,AC 中点射出,   在 AM 之间

点评:依照弦长比拟 t 是一种异常有效且便利常用办法。

16. 解:对 m 在竖直方向上受力颠簸,故 F1cosα =mg,F2cosα =mg 故 F1=F2 对甲图中的小车,由牛顿第二定律 F1sinα =Ma 对乙图中的小球,由牛顿第二定律 F2sinα =ma′ 又 M>m,故 a′>a 答案:C。

17.B 解析:对下面小球: mg tan   ma22.(1)D(2) 丙_C (3)  b gkm1 1 gk【解析】(1)依照重力沿斜面向下的分力等于物体遭到的摩擦力这一原理来颠簸摩擦力,即满足mg sin θ  μmg cos θ  tan θ  μ ,与质量有关,因此增减砝码后不需求从头颠簸摩擦力,A 错误;由于试验进程非 a gtan ∴  = 常持久,为了失掉更多的数据,应先接通电源后开释纸带,B 错误;试验中需求钩码的质量远远小于小车的质量,故 C 错误;直线更能直观的反响两者的关系,依照牛顿第二定律可得 a  象,D 准确)a 对全体: (m  M ) g tan   (M  m18.AF 1 1 ,减速度 a 与 成正比,因此应绘制 a  图 m m m21 解析:A 对垫板压力 N= mg 21 f   mg 2(2)没有颠簸摩擦力,则在钩码有一定质量后,小车才具有减速度,故丙准确; (3)依照牛顿第二定律可知, m1 g  μm2 g  m2a ;结合1 A 相关于垫板有两个方向运动∴f 与 F 一定有一定的夹角∴匀速时, F   mg  2  cos    mg 2 Eq 19. 解:A、小球处于颠簸位子时,电场力与弹簧的弹力颠簸,弹簧伸长了 ,此刻小球的速度不是零,而是最大.故 k Eq Eq A 错误. B、图示位子小球处于位移最大处,弹簧处于原长,颠簸位子时弹簧伸长了 ,则振幅 A= .故 B k k2 Eq 1 2 2q 2 E 2 准确. C、 依照对称性可知, 弹簧最大的伸长量 x=2A= , 弹簧的最大弹性势能 EP= kx  . 故 C 准确 k 2 kD、1 1 μ 1  a 图象,可得:   a ,设图中直线的斜率 m2 m2 m1 m1 g为 k,在纵轴上的截距为 b,因此钩码的质量 m1 1 , gk小车与木板间的动摩擦因数 μ b ; gk由题,程度面是润滑的,在运动进程中,小球的电势能、动能和弹簧的弹性势能相互转化,依照能量守恒定律可知,三 者总量坚持不变.故 D 准确.故选 BCD 20.BCD B A F1 F1 F 解:对 A、B 在程度方向受力分析如图,F1 为弹簧的拉力; 当减速度大小相反23.② 【解析】(1)伏阻法测电源电动势与内阻的试验电路图如图所示. (2)电压表的电阻为 RV,闭合开关,设电路电流为 I,F 为 a 时,对 A 有 F-F1=ma,对 B 有 F1=ma,得 F1  ,在整个进程中 A 的 2VV 合力(减速度)时常减小,而 B 的合力(减速度)时常增大,在抵达分歧加 V2 速度之前 A 的合力(减速度)时常大于 B 的合力(减速度) ,之后 A 的合力 B A (减速度)时常小于 B 的合力(减速度) .两物体运动的 v-t 图象如图所示, V1 t1 时辰,两物体减速度相等,斜率相反,速度差最大,t2 时辰两物体的速度相 t1 t t2 等, A 速度抵达最大值, 两实线之间围成的面积有最大值即两物体的相对位移 最大,此刻弹簧被拉到最长;除重力和弹簧弹力外其它力对系统正功,因此系统机械能添加,t1 时辰之后拉力照旧做正 功,即减速度相等时,系统机械能并非最大值.故选:BCD 21. BD 解:A、假设没有摩擦力,则 O 点应该在 AB 中间,由于有摩擦力,物体从 A 到 B 进程中机械能损失,故无法抵达没有闭合电路欧姆定律得:E=U+I(r+R)=U+(r+R),解得: =++ ;可见 是 R 的一次函数,k=,m=+ ,解得:E=,r= , v =2ah 由224. 解: (1) 滑块与木板间的正压力大小为 FN =qE=4mg,F=μ FN 对滑块 W0 -2mgh-Fh=1 2 •2m v 2(1  2 )mgv 2 以上几式解得 a= (2 ) 对长木板由牛顿第二定律得 F 一 mg=ma′摩擦力对木板做功为 W=Fx W0  mv 2依照功用关系木板添加的机械能等于摩擦力所做的功,即△E=W 由以上各式解得△E=2(4μ 一 1)μ m g t 滑块向上移动的减速度大小为,x=1 ,2 at , 2摩擦力状况下的 B 点, 也即 O 点接近 B 点. 故 OA> 物块在 A 点时,弹簧的弹性势能小于 W-a 1 , 此进程物体战胜摩擦力做功大于 μ mga, 依照能量守恒得, 2 22 2答: (1)1 μ mga.故 A 错误.B、由 A 分析得物块从末尾运动到最终来停在 B 点,路程 2 a 3 3 3a 大于 a+ = ,故整个进程物体战胜阻力做功大于 μ mga,故物块在 B 点时,弹簧的弹性势能小于 W− 2 2 2 2 2μmga.故 B 准确.C、假设没有摩擦力,动能最大时,弹簧形变量为零,弹性势能为零,而程度面间有摩擦力,知动 能最大时,弹力与摩擦力颠簸,则弹性势能不为零.故 C 错误.D、从 O 点末尾到再次抵达 O 点,物体路程大于 a, 故由动能定理得,物块的动能小于 W-μ mga,故 D 准确.故选:BD(1  2 )mgv 2 ; (2) 从滑块末尾运动到与木板分手的进程中木板添加的机械能随时刻变 W0  mv 22 2化的函数关系式为△E=2(4μ 一 1)μ m g t . 25. (1) U MN =2 2mv0 3mv0 (3 3  2 )m (2) (2) t= qB 2q 3qB

解: ( 1 )粒子在电场中做类平抛运动,粒子分开电场时的速度: v=2 1 2 1 2 3mv0 q U MN = mv - mv0 ,解得: U MN = ; 2 2 2qv0 = 2v0 ,在电场中,由动能定理得: cos 60 28.解析: (1)15min 时, 甲酸甲酯的转化率为 6.7%, 因此 15min 时, 甲酸甲酯的物资的量为 1-1.00mol× 6.7%=0.933mol; 20min 时,甲酸甲酯的转化率为 11.2%因此 20min 时,甲酸甲酯的物资的量为 1-1.00mol× 11.2%=0.888mol,因此 15 至 20min 甲 酸 甲 酯 的 减 少 量 为 0.933mol-0.888mol=0.045mol , 则 甲 酸 甲 酯 的 平 均 速 率=0.045mol/5min=0.009mol•min-1.(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得:qvB=2mv0 mv 2 ,解得,轨道半径:R= ; R qB故答案为:0.045mol;0.009mol•min-1; (2)从题给数据不美观出,均匀速率的改变随转化率的增大先增大再减小,后坚持不变.由于反响末尾甲酸甲酯的浓 度大,因此反响速率较大,后随着反响停止甲酸甲酯的浓度减小,反响速率减小,当抵达颠簸时,反响速率几乎不变. 故答案为:①反响初期:尽管甲酸甲酯的量较大,但甲酸量格外小,催化成效不清楚,反响速率较慢.( 3 ) 粒 子 在 电 场 中 做 类 平 抛 运 动 , y=Rsin θ = v0 t1 , t1 =3m qB,粒子在磁场中转过的圆心角:α =90  θ  90=180  θ =180  60=120 ,粒子在磁场中的运动时刻:t 2 =360T120 2 R 2 m ,则粒子   360 v 3qB②反响中期:甲酸量慢慢增多,催化成效清楚,反响速率清楚增大. ③反响前期:甲酸量添加到一定程度后,浓度对反响速率的妨碍成主导要素,特殊是逆反响速率的增大,使总反响速率 慢慢减小,直至为零. ( 3 )由图象与表格可知,在 75min 时抵达颠簸,甲酸甲酯的转化率为 24% ,因此甲酸甲酯转化的物资的量为 1.00× 24%=0.24mol,结合方程式可计算得颠簸时,甲酸甲酯物资的量=0.76mol,水的物资的量 1.75mol,甲酸的物资(3 3  2 )m 的运动时刻:t= t1  t2  3qB26. 解析:(1)加药顺序平常是先参加固体药品,再参加液药品,最终来再加热。

则依次顺序是 ACB。

考察试验的细节, 看先生能否确实做过试验,引导试验课要真正地上,而不是在黑板上画。

(2)①参加足量的硝酸银溶液只能求出氯离子的量,而不能求出剩余盐酸的浓度。

②由 CHClVHCl=CNaOHVNaOH 可得出盐酸的浓度为 0.1100mol/L,这是简明的中和滴定计算。

③依照题意碳酸锰的 Ksp 比碳酸钙小,其中有部分碳酸钙与锰离子反响转化成碳酸锰沉淀,剩余的碳酸钙质质变小,多 耗费了碳酸钙,但是由此计算得出盐酸的浓度就偏大了(疑咨询)。

假设将标题改成“称量剩余的固体质量”,由于部分 碳酸钙与转化成碳酸锰沉淀,称量剩余的固体质量会偏大,如此一来反响的固体增加,试验结果偏小! ④使 Zn 粒进入剩余清液中让其发作反响。

如此剩余清液就能够充分反响,假设反过去,剩余清液不能够全部转变到左 边。

反响终了时,相反时刻内则气体体积增加,又排遣了其它妨碍要素,只能从气体本身角度思考,联想到该反响是放 热的,就能够想到气体未冷却了。

试验题总体比拟基础简明,能够最终来一咨询比拟出人预料,难以想到。

27. (1)5ClO2-+4H+=4ClO2↑+Cl-+2H2O;反响生成的 Cl-对反响起催化作用; (2)H2O2 做恢复剂时氧化产物为 O2,而盐酸则发作大批 Cl2; (3)①A; ②ClO2+e-= ClO2-;ClO3-+ ClO2-+2 H+= 2ClO2↑+ H2O;③ 0.8mol/L 解析: (1)依照题意,结合原子守恒、电子守恒及电荷守恒的学咨询可得该反响的两种方程式为 5ClO2-+4H+=4ClO2↑ +Cl-+2H2O。

在 pH 相反的盐酸的反响速率比硫酸中快,阐明是溶液中的 Cl-能够会妨碍化学反响速率;一段时刻后在硫 酸中的发作速率也加快,一定是由于在 5ClO2-+4H+=4ClO2↑+Cl-+2H2O 中随着反响的停止,溶液中 Cl-的浓度增大了。

这 就进一步证实了前面的推想的准确性。

(2) 用 H2O2 作恢复剂制备的 ClO2 更合适用于饮用水的消毒, 其要紧缘由是 H2O2 做恢复剂时氧化产物为 O2,而盐酸则发作大批 Cl2;O2 是大气的成分,而 Cl2 是大气污染物,会对环境形成危害。

(3) ①依照题图中物资所含元素的化合价的改变状况能够看出:A 电极所衔接的电极发作恢复反响,是电解池的阴极。

因此 A 为电源的负极,B 为电源的正极。

②写出阴极室发作反响依次为 ClO2+e-= ClO2-;ClO3-+ ClO2-+2H+= 2ClO2↑+ H2O。

③在整个闭合回路中电子转变数量相等。

阴极室每发作 4mol 的 ClO2 电子转变 4mol, 同时在阳极室发作反响: 4OH--4e-=2H2O+ O2↑。

发作 1mol 的 O2。

因此转变 4mold 电子,发作机体 5mol.如今发作机体的物资的量为 1mol, 因此转变电子 0.8mol.在阳极有 0.8mol 的 OH-离子放电。

由于溶液的体积为 1L。

因此此刻阳极室与阴极室 c(H+)之差为 0.8mol/L。

2)的各种制取办法及反响原理的学咨询。

的量=0.25mol,甲醇的物资的量=0.76mol.因此 K=(0.76× 0.25)/(1.75× 0.76)=1/7. 故答案为1 ; 7(4)由于降高温度,反响速率增大,抵达颠簸所需时刻增加,因此绘图时要留意 T2 抵达颠簸的时刻要小于 T1,又该反 应是吸热反响,降高温度颠簸向正反响方向移动,甲酸甲酯的转化率增大,因此绘图时要留意 T2 抵达颠簸时的平台要 高于 T1. 故答案为:29. (1)捕食和竞争; (2)有利; 小鸟捕食了体内有虫卵的小蜂,增加了小蜂数量,增加了对益虫的损害 (3)调理; 30. 答案为: (1)①染色体数量 DDdd ②5 6③5 1:8:18:8:1 (2)测交 矮茎 高茎:矮茎=5:1 解:(1)高温可诱导染色体数量加倍,矮茎为全隐占1 36

1 5 ,显性配子占 6 6 1 4 1 配子:显性纯合占 ,杂合占 ,隐纯占 6 6 6因此隐性配子占 DD 1 DD Dd Dd 配子 Dd 4 dd 1解得: Fmin 201 P0 S  0.02 P0 S 101001 4 1 因此为 1:8:18:8:1 12,13,14 DD,dd 23,24,34 Dd,Dd Dd,Dd 因此高(D) :矮(dd)=5:1 31.答案: (1)群落 生态系统成分,食物链,食物网 (2)117kg 呼吸作用耗费的能量 17 % 解析: (2)x+5=0.25+5.1+0.05+2.1=7x=2.5 即二到三营养级异化量 y+2=0.5+4+9+2.5  y=14 为一至二营养级异化量 总能量=3+14+70+23+5+2=117kg y=34.(1)B (1)解:A、波向右传布,图示时辰波最右端质点的振动方向沿 y 轴负方向,因此波源 A 末尾振动时的运动方向沿 y 轴负 方向.故 A 准确. B、波向右传布进程中,质点 B 不向右迁移.故 B 错误. C、尔后的 1 4 周期内 A 点的答复力向上,位移向下,则答复力对波源 A 时常做负功.故 C 准确. D、在一个周期时刻内 A 的动质改变量为零,依照动量定理得,A 所受答复力的冲量为零.故 D(2) B 解析: n sin i sin 60 3 c   , v  ,设玻璃砖的厚度为 d,光经过玻璃砖的路程为 s1,撤去玻璃砖,光经过 sin r sin r 2sin r n d , s1PQ、MN 之间的区域间隔为 s2,则由几何关系得:cos r=cos 60°=2.5  100 %=17 % 14s ns s s d ,因此 2 =2cos r, 又由于 t  1  2 , n  2  2cos r , s2 s1 c c s1点评:总能量包括无机物输入的,应用异化量算传递成效时,前一级包括无机物输入,后一级不包括 32.解析: (1)信息交流 (2)自动运输 (3)二:合适的可见光同等强度的可见光和一定强度的紫外光 三:高度(生长状况和高度)两组植株中 3-亚甲基氧代吲哚含量 点评:试验题的准绳:单一变量,对照 办法:1.确定试验目的 2.追求题干中有效信息 3.完善试验进程 33(1) 【答案】bc 【解析】依照分子动实际的学咨询可知,混合均匀主假设由于水分子做无规章运动,使得碳粒无规章运动形成的布朗 运动;由于布朗运动的猛烈程度与颗粒大小和温度有关,因此运用碳粒更小的墨汁,布朗运动会更清楚,则混合均 匀的进程停止得更迅速,故选 bc (2) 【答案】 (ⅰ)1.01P0; (ⅱ)0.02P0S 【解析】 (ⅰ)气体停止等容改变,末尾时,压强 P0,温度 T0=300K;当温度上升到 303K 且尚未放气时,压强为 P1, 温度 T1=303K;依照n  2cos r  由 3 解得 n= 3 ,选项 B 准确,其他各项均错误. n  2sin r 35(1) 【答案】ac 【解析】因古木样品中 C 的比例正好是现代植物所制样品的二分之一,则可知经过的时刻为一个半衰期,即该古 木的年代距今约为 5700 年,选项 a 准确; C 、 C 、 C 具有相反的质子数,由于质量数不同,故中子数不同, 选项 b 错误;依照核反响方程可知, C 衰变为 N 的进程中放出电子,即收回 β 射线,选项 c 准确;外界环境 不妨碍放射性元素的半衰期,选项 d 错误;故选 ac. (2) 【答案】14 14 12 13 14 1421 v0 16v0 3v  m 0 , 8 4P0 P T1 303  1 可得: P P0  P0  1.01P0 1  T0 T1 T0 300 P0 P2  , T1 T0【解析】依照动量守恒定律,AB 碰撞进程满足 mv A =m (ⅱ)当外部气体温度恢复到 300K 时,由等容改变方程可得:解得 v A =7v0 ; 8解得 P2 T0 P 300 P0  P0  0 T1 303 1.01从 A 末尾运动到与 B 相碰的进程,依照动能定理: Wf =0.5mv02 -0.5mvA2 解得 Wf =当杯盖恰被顶起时有: PS 1  mg  P 0S 若将杯盖提起时所需的最小力满足: Fmin  P 2S  P 0 S  mg ,15 mv 2 128 0则对物体 B 从与 A 碰撞终了到与 C 相碰损失的动能也为 Wf ,由动能定理可知: Wf =0.5mvB2  0.5mvB`2

解得 v B`=21 v 64 0应即可生成 1-丁醇,分解路途为:BC 碰撞是满足动量守恒,则 mvB`=2mv共 解得 v共 =O CH3CH2Br Mg 干醚 CH3CH2MgBr ① H2C ②H+ CH2 CH3CH2CH2CH2OH21 v0 16【答案】 (1)NaNO3 36 (2)预防 NaNO2 的析出;溶碱 (3)将 NaNO2 氧化为 NaNO2;c、d; (4)1.59 【解析】 (1)NO2 与碱液反响可生成 NaNO3。

(2)浓渡过大时,NaNO2 能够会析出;NaNO2 有毒,不能直截了当排放,回收后可用于流程中的溶碱。

(3)NaNO2 在酸性条件下易被氧化,参加稀硝酸可提供酸性环境;母液Ⅱ的溶质主假设 NaNO3,因此回收应用时应 转入转化液,或转入结晶Ⅱ操作,故 c、d 准确。

6 4 4 (4) 1.38 吨 NaNO2 的物资的量为: 1.38×10 ÷69g/mol=2×10 mol, 则生成的 NaNO3 物资的量为: 1×10 mol, 故 Na2CO3 4 4 6 的实际用量=1/2×(2×10 +1×10 )mol×106g/mol=1.59×10 g=1.59 吨。

37 (1)CO(2 分) (2)NH3 分子间能构成氢键,而 HCl 分子间没有氢键(2 分) (3)N>C>Na(2 分) 8 2 3 (4)①3d 4s (2 分) ②sp.sp (2 分) ③丙(2 分)CHO39.(1)双亲(或花椰菜和黑芥)解离 漂洗 (2)叶绿体 40【答案】(1)RNA 逆转录酶 DNA (2)抗体 抗原抗体特异性结合 (3)T(或 T 淋巴) (4)监控和扫除 【解析】(1)提取 HIV 中的 RNA,为了取得目的基因,以 RNA 作为模板,逆转录酶的作用下分解 DNA 猎取该目的 基因。

(2)抗原注入机体后,会发作抗体,抗体会和抗原发作特异性结合。

HIV 和抗体能特异性结合,因此能够用于检 测受试者血清中的 HIV。

(3)HIV 要紧感染和破坏了患者的部分免疫细胞(主假设 T 细胞、B 细胞),降低了患者免疫系统的防卫功用。

(4)人的免疫系统有监控和扫除癌细胞的功用。

38【答案】 (1),碳碳双键、醛基。

O(2)加成(或恢复)反响;CH3 C CH3, (3) —(CH2)2COOH+CH2=CHCH2OH —(CH2)2COO CH2CH= CH2+H2OO CH3CH2Br(4)Mg 干醚CH3CH2MgBr① H2C ②H+CH2 CH3CH2CH2CH2OHCHO【解析】 (1)依照标题所给信息,1,3-丁二烯与丙烯醛反响生成 ,依照构造简式可知该无机物含有碳 碳双键和醛基。

(2)A 中碳碳双键和醛基与 H2 发作加成反响;依照无机分解路途 E 为 CH2=CHCH2OH,E 的某同分异构体只好一种相 O 异化学环境的氢,该同分异构体的构造简式为:CH3 C CH3。

为: —(CH2)2COOH+CH2=CHCH2OH (3)D 和 E 反响生成 F 为酯化反响,化学方程式—(CH2)2COO CH2CH= CH2+H2O 与环氧乙烷在酸性条件下反(4)依照标题所给信息,溴乙烷与 Mg 在干醚条件下反响生成 CH3CH2MgBr,CH3CH2MgBr

 
 

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